2018山东中考物理试卷的解析【汇编三篇】
2018的中考试卷答案已经有了，需要的同学快来校对物理试卷的答案吧。下面由百文网小编为你带来关于2018山东中考物理试卷的解析，希望对你有帮助!
2018山东中考物理试卷非选择题
三、填空题(本题包括7个小题;每空1分，共14分)
14.如图所示，将一根铁丝用手快速反复弯折，铁丝弯折处会发热，弯折越快、时间越长，铁丝弯折处分子运动越，温度越高，这个实验说明可以改变物体的内能.
15.小王同学在“探究凸透 镜成像的规律”实验中，当蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图所示时，烛焰在光屏上成一清晰的像，则该像是倒立、的实像，生活中使用的(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一成像规律来工作的.
16.英国物理学家焦耳用近40年的时间做了大量实验，研究电流产生的热量，提出了焦耳定律，焦耳定律可用公式来表示.某家庭单独使用电饭锅，用时15min，电能表的示数由图甲示数变成图乙示数，则该电饭锅在这段时间内消耗电能约为.
17.注射器能将药液吸入针筒是利用了的作用;在倒置的漏斗里放一个乒乓球，用手指托住乒乓球.然后从漏斗口向下用力吹气，并将手指移开，由于乒乓球上方空气流速大，压强的缘故，乒乓球将不会下落.
18.如图是一种拉杆式旅行箱的示意图，使用时它相当于一个杠杆(选填“省力”或“费力”).若旅行箱内装满物体且质量分布均匀，其总重为210N，轻质拉杆拉出的长度是箱体长度的二分之一，要使旅行箱和拉杆构成的杠杆水平平衡，则竖直向上的拉力F为N.
19.如图所示，闭合开关，电磁铁通电时，它的上端是(选填“N”或“S”)极，若将滑动变阻器的滑片向左移动.电磁铁吸引大头针的数目.
20.暑假，家住聊城的小明准备乘坐Z308次列车去北京参加青少年夏令营，该车经停车站的信息如下表所示，则该列车从聊城站出发到达北京西站所用时间约为h.已知聊城站到北京西客站的路程约为490km，则该车此行程的平均速度约为km/h.
四、作图题(本题包括2个小题;每小题2分，共4分)
21.如图所示，一束光射向一块玻璃砖，并穿过玻璃砖.画出这束光进入玻璃和离开玻璃后的光线(注意标出法线).
22.如图甲所示，在水平公路上匀速行驶的太阳能汽车受到两对平衡力的作用，请在图乙上画出汽车受力的示意图.
五、实验探究题(本题包括4个小题，共19分)
23.在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示.
(1)实验中应量取质量的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中.
(2)用相同规格的电加热器加热甲和乙两种液体，使它们升高相同的温度，通过来比较甲和乙两种液体吸收热量的多少.
(3)实验记录的数据如表所示，分析实验数据可知物质的吸热能力强.
加热时间/min 0 1 2 3 4
甲的温度/℃ 30 34 38 42 46
乙的温度/℃ 10 18 26 34 42
24.为了“探究光反射时的规律”，实验小组的同学选用了平面镜、纸板、激光器和几种不同颜色的笔，依据教材设计了如图所示的实验.
次数 ∠i ∠r
1 70° 70°
2 45° 45°
3 30° 30°
(1)实验中还需要的器材是.
(2)实验中为了使光线能在纸板上显示出来，方便实验研究，你该采取的操作是.
A.向纸板喷烟或雾 B.使光束垂直纸板射到O点 C.使光束贴着纸板射到O点
(3)改变光束入射的角度，多做几次，换用不同颜色的笔记录每次光的径迹.取下纸板，测量ON两侧的∠i和∠r，将数据记录在上表中，根据数据得出的结论是;
(4)若将一束光贴着纸板沿FO方向射到O点，光将沿图中的OE方向射出，因为在反射现象中，.
25.在“测量滑轮组的机械效率”实验中，小丽用如图所示的同一滑轮组提升不同钩码的方法，分别做了甲、乙、丙3次实验，实验数据记录如表：
实验
次数 钩码所受的
重力G/N 提升高度
h/m 拉力
F/N 绳端移动的
距离s/m 机械效率
η
1 2 0.05 1.0 0.15 66.7%
2 4 0.05 1.7 0.15 78.4%
3 6 0.05 ① 0.15 ②
(1)实验中要竖直向上拉动弹簧测力计，使钩码升高.
(2)表格中编号①处数据应为，编号②处数据应为.
(3)分析以上实验数据可以得出如下结论：同一滑轮组的机械效率主要与有关.
(4)若将此滑轮组换一种绕绳方法，不计摩擦及绳重，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率(选填“变大”“变小”或“不变”).
26.在“伏安法测电阻”的实验中，小明同学连接了如图甲所示的电路(电路元件完好，接线柱接线牢固).
(1)在未检查电路连接是否正确的情况下，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，电流表的示数将，电压表的示数将.(选填“发生变化”或“保持不变”)
(2)检查电路，发现有一处连接错误，请指出连接错误的导线是(选填“a”“b”“c”或“d”).
(3)纠正错误后，闭合开关，测得几组数据如下表.
实验次数 1 2 3
电压U/V 1.5 2.1 2.8
电流I/A 0.10 0.14
电阻R/Ω 15.0
第3次实验时电流表示数如图乙所示，电流表的示数为A.第2次实验后，算出的电阻值是Ω，第3次实验后，算出的电阻值是Ω，待测电阻值为Ω.
六、计算题(本题包括3个小题，共21分.解答时应写出必要的文字说明、主要公式和重要的演算步骤.只写最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位)
27.太阳能热水器是把太阳能转化为内能的设备之一.某品牌太阳能热水器每小时平均接收4.2×106J的太阳能，在5小时的有效照射时间内，将热水器中质量为100kg、初温为26℃的水，温度升高到46℃.求：
(1)热水器中的水吸收的热量Q吸;[水的比热容c=4.2×103J/(kg•℃)]
(2)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能E;
(3)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能，相当于完全燃烧多少m3的天然气放出的热量?(天然气的热值q=7×107J/m3)
28.如图所示，放在水平面上的薄壁圆柱形容器，底面积为25cm2，弹簧测力计的挂钩上挂着重为3.9N的金属块，现将金属块浸没水中，容器内水面由20cm上升到22cm(g=10N/kg).求：
(1)金属块未放入水中时(如图所示)，水对容器底的压强;
(2)金属块的密度;
(3)金属块浸没水中(未接触容器底)静止时，弹簧测力计的示数;
(4)缓慢匀速提升金属块使其上升10cm，金属块始终处于浸没状态，你认为此过程中浮力做功吗?若做功，请计算出浮力做了多少功;若不做功，请说明理由.
29.如图所示，小灯泡L标有“6V 3W”的字样，不考虑灯丝电阻的变化，滑动变阻器的最大阻值R为24Ω，电源电压保持不变.当S闭合，S1、S2断开，滑片P滑到中点时，小灯泡恰好正常发光.保持滑片P的位置不变，闭合S、S1、S2，发现电流表的示数变化了1A.求：
(1)小灯泡正常发光时的电流.
(2)电源电压.
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，电路消耗总功率的最小值.
2018山东中考物理试卷选择题
一、单项选择题(本题包括10个小题;每小题3分，共30分.每小题只有一个选项符合题意，多选或不选均得0分)
1.下列物品，通常情况下属于导体的是()
A.
橡胶棒 B.
塑料梳子 C.
金属勺子 D.
体温计
2.在研究电和磁的漫长历史中，许多物理学家做出了杰出的贡献.下列叙述符合历史事实的是()
A.奥斯特﹣﹣最早记述了磁偏角
B.法拉第﹣﹣最先发现磁能生电
C.安 培﹣﹣最先发现电能生磁
D.沈 括﹣﹣最先发现电与磁之间的联系
3.关于声现象，下列说法正确的是()
A.只要物体在振动，我们就能听到声音
B.“低声细语”中的“低”，指声音的音调低
C.“禁止鸣笛”是在传播过程中减弱噪声
D.超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波具有能量
4.下列四种生活现象中，其物态变化属于液化的是()
A.湿衣服晾干了
B.加冰块使饮料温度降低
C.放在衣柜中的樟脑片变小了
D.夏天从冰箱内取出瓶装饮料后，瓶外壁常附着一层小水珠
5.如图所示是“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验.有关此实验的说法中正确的是()
A.分析甲、乙可得，滑动摩擦力的大小跟接触面所受的压力有关
B.分析甲、丁可得，滑动摩擦力的大小跟接触面的受力面积有关
C.乙、丙是探究滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度是否有关
D.丙、丁是探究滑动摩擦力的大小跟接触面的受力面积是否有关
6.在家庭电路中，插座、螺口节能灯和开关的连接正确的是()
A.A B.B C.C D.D
7.如图所示，两手指用力挤压铅笔的两端使它保持静止，下列说法中正确的是()
A.铅笔静止时，两手指对铅笔的压力是相互作用力
B.左边手指受到的压力大于右边手指受到的压力
C.左边手指受到的压强小于右边手指受到的压强
D.实验表明可以通过增大受力面积的方法增大压强
8.如图为直流电动机的基本构造示意图.以下相关的分析中正确的是()
A.电动机是利用电磁感应的原理工作的
B.电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为机械能
C.使线圈连续不停地转动下去是靠电磁继电器来实现的
D.仅改变磁感线的方向可以改变线圈转动的方向
9.两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、B两个实心小球放入甲液体中，两球沉底;放入乙液体中，两球静止时的情况如图乙所示.则下列说法不正确的是()
A.小球A的质量小于小球B的质量
B.甲液体的密度小于乙液体的密度
C.小球A在甲液体中受到的浮力大于在乙液体中的浮力
D.在甲液体中容器底对小球A的支持力小于对小球B的支持力
10.如图所示，闭合开关S，在滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列说法正确的是()
A.电压表V1示数变大，灯泡L的实际功率变小
B.电压表V2示数变大，灯L的亮度变亮
C.电流表A的示数变大，灯L的亮暗变暗
D.电压表V1与电流表A示数比值变大，灯L的亮度变暗
二、多项选择题(本题包括3个小题;每小题4分，共12分.每小题的选项中至少有两个选项符合题意.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分)
11.留心周围的生活情景，你会时刻从中感受到物理知识的无穷魅力.请判断如图所示四个情景中哪个说法是正确的()
A.如果脚与地面没有摩擦，走路会变的很轻松
B.手拍桌子感到疼，是因为力的作用是相互的
C.驾驶员系安全带是为了减小行驶中人的惯性
D.苹果下落过程中动能增大
12.光使世界绚丽多彩，人们的生活更离不开光.关于光现象，下列说法正确的是()
A.你照镜子时，平面镜越小，像就越小
B.彩色电视画面上的色彩是由红、绿、蓝三种色光混合而成
C.近视眼镜是利用凹透镜使光线发散的特点矫正眼睛的
D.光纤通信用的激光也是一种电磁波
13.如图甲所示电路，电源电压保持不变.闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I﹣U关系图象如图乙所示.则下列判断正确的是()
A.图线A是电阻R1的I﹣U关系图象
B.电源电压为18V
C.R1的阻值是20Ω
D.滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω
2018山东中考物理试卷答案
一、单项选择题(本题包括10个小题;每小题3分，共30分.每小题只有一个选项符合题意，多选或不选均得0分)
1.下列物品，通常情况下属于导体的是()
A.
橡胶棒 B.
塑料梳子 C.
金属勺子 D.
体温计
【考点】导体.
【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体.
常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等.常见的绝缘体：塑料、玻璃、陶瓷、橡胶、干木棍、干燥的空气等.
【解答】解：ABD、橡胶棒、塑料梳子、体温计(玻璃外壳)都不容易导电，是绝缘体，不合题意.
C、金属勺子是金属制品，容易导电，是导体，符合题意.
故选C.
2.在研究电和磁的漫长历史中，许多物理学家做出了杰出的贡献.下列叙述符合历史事实的是()
A.奥斯特﹣﹣最早记述了磁偏角
B.法拉第﹣﹣最先发现磁能生电
C.安 培﹣﹣最先发现电能生磁
D.沈 括﹣﹣最先发现电与磁之间的联系
【考点】物理常识.
【分析】根据对物理学家成就的了解作答.
【解答】解：
A.奥斯特最先发现了电流周围存在磁场，是最先发现电与磁之间的联系的科学家，A选项错误;
B.法拉弟最先发现了电磁感应现象，即磁生电，B选项正确;
C.最先发现电能生磁的是奥斯特，C选项错误;
D、沈括最早记述了磁偏角，D选项错误.
故选B.
3.关于声现象，下列说法正确的是()
A.只要物体在振动，我们就能听到声音
B.“低声细语”中的“低”，指声音的音调低
C.“禁止鸣笛”是在传播过程中减弱噪声
D.超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波具有能量
【考点】声音的综合利用.
【分析】(1)人耳能听到的声音的频率范围是20Hz～20000Hz，不在这个范围内的声音是人耳听不到;
(2)声音的特性有：音调、响度和音色;
(3)减弱噪声的途径：1.在声源处减弱;2.在传播的过程中;3.在人耳处减弱.
(4)声音可以传递信息也可以传递能量.
【解答】解：A、物体振动能够产生声音，但是产生的声音不一定被人听到，只有频率在人耳听觉范围内的声音才能被人耳听到，故A错误;
B、“低声细语”中的“低”，指声音的响度小，故B错误;
C、“禁止鸣笛”是在声源处减弱，故C错误;
D、超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波具有能量声，故D正确.
故选D.
4.下列四种生活现象中，其物态变化属于液化的是()
A.湿衣服晾干了
B.加冰块使饮料温度降低
C.放在衣柜中的樟脑片变小了
D.夏天从冰箱内取出瓶装饮料后，瓶外壁常附着一层小水珠
【考点】液化及液化现象.
【分析】物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化.物体由液态变为气态态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾.物体由气态变为液态的过程叫液化.物体由固态变为气态的过程叫升华.
【解答】解：
A、湿衣服变干，是湿衣服中的水分变为了水蒸气，由液态变为气态，是汽化现象，不符合题意;
B、加冰块会使饮料变得冰凉，利用了冰块的熔化吸热，是熔化现象，不符合题意;
C、放在衣柜中的樟脑片，有固态变为气态，是升华现象，不符合题意;
D、夏天从冰箱内取出瓶装饮料后，瓶外壁常附着一层小水珠，这些小水珠是空气中的水蒸气遇到冷的矿泉水瓶壁液化形成的，是液化现象，符合题意.
故选D.
5.如图所示是“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验.有关此实验的说法中正确的是()
A.分析甲、乙可得，滑动摩擦力的大小跟接触面所受的压力有关
B.分析甲、丁可得，滑动摩擦力的大小跟接触面的受力面积有关
C.乙、丙是探究滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度是否有关
D.丙、丁是探究滑动摩擦力的大小跟接触面的受力面积是否有关
【考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验.
【分析】影响滑动摩擦力大小的因素有压力和接触面的粗糙程度，在探究和分析结论时，一定要依据控制变量法，依次对不同的实验进行比较，并得出结论.
【解答】解：A、分析甲、乙可得，接触面粗糙程度相同，压力不同，故可得出滑动摩擦力的大小跟接触面所受的压力有关，故A正确;
B、甲、丁的实验中，压力和接触面均相同，拉力最终也相同，因此分析甲、丁可得，滑动摩擦力的大小跟接触面的受力面积无关，故B错误;
C、乙、丙两次实验，压力和接触面的粗糙程度均不同，不符合控制变量法的要求，不能探究滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度是否有关，故C错误;
D、丙、丁两次实验，接触面的粗糙程度不同不同，不符合控制变量法的要求，不能探究滑动摩擦力的大小跟接触面的受力面积是否有关，故D错误.
故选A.
6.在家庭电路中，插座、螺口节能灯和开关的连接正确的是()
A.A B.B C.C D.D
【考点】家庭电路的连接.
【分析】(1)两孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线.
(2)三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线.
(3)电灯的接法：火线首先进开关，再入灯泡顶端的金属点;零线直接接入灯泡的螺旋套.
【解答】解：
A、两孔插座左孔接地线，右孔接零线;接线错误，故A错.
B、三孔插座左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线.接线正确，故B正确.
CD、火线直接接入灯泡顶端的金属点，而开关接在零线与灯之间，当断开开关时，灯不亮，人会认为没电，其实等于火线相连，此时人若接触灯，易发生触电;若像D图，火线首先进开关，再接入灯泡顶端的金属点，零线直接接螺旋套，就避免前面的现象发生，故CD错误.
故选B.
7.如图所示，两手指用力挤压铅笔的两端使它保持静止，下列说法中正确的是()
A.铅笔静止时，两手指对铅笔的压力是相互作用力
B.左边手指受到的压力大于右边手指受到的压力
C.左边手指受到的压强小于右边手指受到的压强
D.实验表明可以通过增大受力面积的方法增大压强
【考点】压强大小比较.
【分析】(1)从铅笔所处的平衡状态入手，分析两手指的受力大小关系.手指所受铅笔的压力等于手指对铅笔的压力，这是作用力与反作用力.
(2)压强的大小由压力的大小和受力面积的大小来确定.在压力相同的情况下，只需比较受力面积的大小即可.
【解答】解：
(1)铅笔处于静止状态，受到两手指的压力是一对平衡力.所以两手指对铅笔的压力相等.由于手指对铅笔的压力与铅笔对手的压力是一对作用力与反作用力，所以这两力也相等.由此可知：两手指受到的铅笔的压力相同.故AB错误;
(2)由于铅笔的两端的受力相同，右边的受力面积小，由p= 可知右边手指受到的压强较大.故C正确，D错误.
故选C.
8.如图为直流电动机的基本构造示意图.以下相关的分析中正确的是()
A.电动机是利用电磁感应的原理工作的
B.电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为机械能
C.使线圈连续不停地转动下去是靠电磁继电器来实现的
D.仅改变磁感线的方向可以改变线圈转动的方向
【考点】直流电动机的构造和工作过程.
【分析】电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，且所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关;工作时，消耗电能产生机械能，所以是将电能转化为机械能的过程;且使得线圈持续转动的原因是换向器.
【解答】解：A、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，故A错误;
B、电动机工作过程中，消耗的电能大部分转化为机械能，有一部分电能转化成了热能，故B错误;
C、使线圈连续不停地转动下去是靠换向器来实现的，故C错误;
D、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，且所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关，故仅改变磁感线的方向可以改变线圈转动的方向，故D正确;
故选D.
9.两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、B两个实心小球放入甲液体中，两球沉底;放入乙液体中，两球静止时的情况如图乙所示.则下列说法不正确的是()
A.小球A的质量小于小球B的质量
B.甲液体的密度小于乙液体的密度
C.小球A在甲液体中受到的浮力大于在乙液体中的浮力
D.在甲液体中容器底对小球A的支持力小于对小球B的支持力
【考点】物体的浮沉条件及其应用.
【分析】(1)根据F浮=ρ液gV排，可判断出两个小球所受浮力的大小关系;
(2)根据两个小球的浮沉情况及物体的浮沉条件，可判断出各个选项.
【解答】解：A、A漂浮，其所受的浮力等于自身的重力，即F浮=GA;B下沉，即F浮
B、A、B在甲液体中均下沉，则甲液体的密度均小于两个小球的密度，由A知，乙液体的密度大于A的密度，所以甲液体的密度小于乙液体的密度，故B正确;
C、在甲液体中，A球下沉，所以重力大于浮力;在乙液体中，A球漂浮，所以重力等于浮力，故可知小球A在甲液体中受到的浮力小于在乙液体中的浮力，故C错误;
D、据上面的分析可知，B的质量大于A的质量，即B的重力大于A的重力，由于体积相同，所以所受浮力相同，故在甲液体中容器底对小球A的支持力小于对小球B的支持力，故D正确;
故选C.
10.如图所示，闭合开关S，在滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列说法正确的是()
A.电压表V1示数变大，灯泡L的实际功率变小
B.电压表V2示数变大，灯L的亮度变亮
C.电流表A的示数变大，灯L的亮暗变暗
D.电压表V1与电流表A示数比值变大，灯L的亮度变暗
【考点】电路的动态分析.
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测电路电流;根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点、欧姆定律、电功率公式分析答题.
【解答】解：A、电压表V1测电源电压，电源电压不变，则电压表V1示数不变，故A错误;
B、由电路图可知，滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器分析变大，电压表V2示数变大，灯泡电压变小;电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变小，电流表示数变小，由于电路电流变小，灯泡电压变小，由P=UI可知灯泡实际功率变小，灯泡变暗，故B错误;
C、由B的分析可知，电流表示数变小，灯泡变暗，故C错误;
D、电压表V1示数不变，电流表A示数变小，则电压表V1与电流表A示数比值变大，由B可知，灯L的亮度变暗，故D正确;
故选D.
二、多项选择题(本题包括3个小题;每小题4分，共12分.每小题的选项中至少有两个选项符合题意.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分)
11.留心周围的生活情景，你会时刻从中感受到物理知识的无穷魅力.请判断如图所示四个情景中哪个说法是正确的()
A.如果脚与地面没有摩擦，走路会变的很轻松
B.手拍桌子感到疼，是因为力的作用是相互的
C.驾驶员系安全带是为了减小行驶中人的惯性
D.苹果下落过程中动能增大
【考点】摩擦力产生的条件;力作用的相互性;惯性;动能的影响因素.
【分析】(1)如果脚与地面无摩擦，人将无法走路;
(2)物体间力的作用是相互的;
(3)惯性的大小只与物体的质量有关;
(4)动能的大小与物体的质量、速度有关.
【解答】解：A、人走路是靠脚与地面的摩擦力，如果脚与地面无摩擦，人将无法走路，故A错误;
B、手拍桌子时，手对桌子有一个力的作用，由于物体间力的作用是相互的，所以桌子对手有一个反作用力，故手会疼，故B正确;
C、驾驶员系安全带是为了减小行驶中惯性对人噪声的伤害，但不能减小人的惯性，故C错误;
D、苹果下落过程中，质量不变，速度增大，故动能变大，故D正确.
故选BD.
12.光使世界绚丽多彩，人们的生活更离不开光.关于光现象，下列说法正确的是()
A.你照镜子时，平面镜越小，像就越小
B.彩色电视画面上的色彩是由红、绿、蓝三种色光混合而成
C.近视眼镜是利用凹透镜使光线发散的特点矫正眼睛的
D.光纤通信用的激光也是一种电磁波
【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案;色光的三原色和颜料的三原色;近视眼的成因与矫正办法;光纤通信.
【分析】(1)平面镜成像的特点之一：平面镜所成的像与物体大小相同;
(2)彩色电视机荧屏上呈现各种颜色是由红绿蓝三色色光合成的，红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色.
(3)近视眼是由于晶状体太厚或眼球的前后方向太长，导致像成在视网膜的前方，故用凹透镜来矫正;
(4)激光是一种颜色非常纯、方向高度集中的光.
【解答】解：A、根据平面镜成像的特点可知，平面镜所成的像与物体大小相同，与平面镜的大小无关.故A错误;
B、彩色电视画面上的色彩是由红、绿、蓝三种色光混合而成.故B正确;
C、近视眼镜是利用凹透镜使光线发散的特点矫正眼睛的.故C正确;
D、光纤通信用的激光也是一种电磁波.故D正确.
故选BCD.
13.如图甲所示电路，电源电压保持不变.闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I﹣U关系图象如图乙所示.则下列判断正确的是()
A.图线A是电阻R1的I﹣U关系图象
B.电源电压为18V
C.R1的阻值是20Ω
D.滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω
【考点】欧姆定律的应用.
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流.
(1)根据电压变化的范围进行判断，定值电阻两端电压不会等于零;
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电阻R1的功率最小，根据图象读出电路中的最小电流和两电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值和滑动变阻器的最大阻值.
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流.
(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，R1两端的电压最大，R2两端的电压为0，
由图象可知，A为滑动变阻器R2的U﹣I关系图象，B为电阻R1的U﹣I图象，故A错误;
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
由U﹣I图象可知，电路中的最小电流I=0.2A，R1两端的电压U1=4V，R2两端的电压U2=14V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源电压：
U=U1+U2=14V+4V=18V，故B正确;
由I= 可得，定值电阻R1的阻值和滑动变阻器的最大阻值：
R1= = =20Ω，R2= = =70Ω，故C正确、D错误.
故选BC.
三、填空题(本题包括7个小题;每空1分，共14分)
14.如图所示，将一根铁丝用手快速反复弯折，铁丝弯折处会发热，弯折越快、时间越长，铁丝弯折处分子运动越剧烈，温度越高，这个实验说明做功可以改变物体的内能.
【考点】做功改变物体内能.
【分析】(1)温度越高，分子运动越剧烈;
(2)解决此题要知道做功可以改变物体的内能，当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能.
【解答】解：反复折铁丝时，人对铁丝做功，机械能转化为铁丝的内能，内能增大，温度升高，是通过做功的方式改变物体的内能;由于温度升高，所以此时的分子运动变的更为剧烈;
故答案为：剧烈;做功.
15.小王同学在“探究凸透 镜成像的规律”实验中，当蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图所示时，烛焰在光屏上成一清晰的像，则该像是倒立、缩小的实像，生活中使用的照相机(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一成像规律来工作的.
【考点】凸透镜成像规律及其探究实验.
【分析】当物距大于像距时，蜡烛通过凸透镜成倒立缩小实像，照相机是根据这个原理制成的.
【解答】解：由图可知，物距大于像距，蜡烛通过凸透镜成倒立缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的.
故答案为：缩小;照相机.
16.英国物理学家焦耳用近40年的时间做了大量实验，研究电流产生的热量，提出了焦耳定律，焦耳定律可用公式Q=I2Rt来表示.某家庭单独使用电饭锅，用时15min，电能表的示数由图甲示数变成图乙示数，则该电饭锅在这段时间内消耗电能约为0.4kW•h.
【考点】焦耳定律;电能表参数的理解与电能的求法.
【分析】(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，焦耳定律可用公式Q=I2Rt表示;
(2)电能表是测量电能的仪表，末时间的示数减去初时间的示数即为用电器在这段时间内消耗的电能，注意电能表表盘上最后一位是小数且单位为kW•h.
【解答】解：
物理学家焦耳做了大量实验，研究电流产生的热量，提出了焦耳定律，焦耳定律可用公式Q=I2Rt来表示;
图甲中电能表的示数为7624.8kW•h，图乙中电能表的示数为7625.2kW•h;
所以，该电饭锅在这段时间内消耗电能为7625.2kW•h﹣7624.8kW•h=0.4kW•h.
故答案为：Q=I2Rt;0.4kW•h.
17.注射器能将药液吸入针筒是利用了大气压的作用;在倒置的漏斗里放一个乒乓球，用手指托住乒乓球.然后从漏斗口向下用力吹气，并将手指移开，由于乒乓球上方空气流速大，压强较小的缘故，乒乓球将不会下落.
【考点】大气压强的存在;流体压强与流速的关系.
【分析】解答此题从以下知识点入手：
①注射器吸取药水是利用了大气压;
②液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体流速越大的地方、压强越小，流体流速越小的地方、压强越大.
【解答】解：①注射器吸取药液时，将针口插入药液后，向外拔活塞，使管内的气体体积增大，气压减小，药液就被管外的大气压压进管内;
②当从漏斗口向下用力吹气时，增大乒乓球上方空气的流动速度、压强减小，乒乓球下面的压强不变，乒乓球下面的压强大于上面的压强，乒乓球在压强差的作用下不会下落.
故答案为：大气压;较小.
18.如图是一种拉杆式旅行箱的示意图，使用时它相当于一个省力杠杆(选填“省力”或“费力”).若旅行箱内装满物体且质量分布均匀，其总重为210N，轻质拉杆拉出的长度是箱体长度的二分之一，要使旅行箱和拉杆构成的杠杆水平平衡，则竖直向上的拉力F为70N.
【考点】杠杆的平衡条件;杠杆的应用.
【分析】由示意图分析动力和阻力，然后看动力臂和阻力臂的大小，确定杠杆种类;
根据杠杆的平衡条件进行计算求出竖直向上的力.
【解答】解：竖直向上的力F为动力，箱体的重力为阻力，支点在箱体中心，故动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆;
当旅行箱和拉杆构成的杠杆水平平衡时，如图所示：
由题意知，L1=3L2，
因为F1L1=F2L2，
所以竖直向上的拉力为F= = G= ×210N=70N.
故答案为：省力;70.
19.如图所示，闭合开关，电磁铁通电时，它的上端是S(选填“N”或“S”)极，若将滑动变阻器的滑片向左移动.电磁铁吸引大头针的数目增多.
【考点】电磁铁的构造和原理.
【分析】(1)根据电流方向和电磁铁的绕线情况，根据安培定则判断出电磁铁的极性;
(2)电磁铁的磁性强弱和线圈的匝数、电流大小有关;滑动变阻器的滑片P向右移动时，连入电路的电阻变大，电流变小，据此作出判断.
【解答】解：(1)由图看出，电流从电磁铁下端流入，依据安培定则，四指顺着电流方向，大拇指应向下握住电磁铁，所以下端为N极，钉帽一端的磁极为S极.
(2)滑动变阻器的滑片P向左移动时，连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，电磁铁吸引的大头针数目将增多.
故答案为：S;增多.
20.暑假，家住聊城的小明准备乘坐Z308次列车去北京参加青少年夏令营，该车经停车站的信息如下表所示，则该列车从聊城站出发到达北京西站所用时间约为3.5h.已知聊城站到北京西客站的路程约为490km，则该车此行程的平均速度约为140km/h.
【考点】速度与物体运动.
【分析】从表格中找出列车从聊城到北京西站的运行时间和里程，即可算出动车组从聊城到南京的平均速度.
【解答】解：由表格中数据可知：列车从聊城到北京西站的运行时间是12：04﹣08：34=3.5h;
已知聊城站到北京西客站的路程约为490km，则该车此行程的平均速度：v= = ≈140km/h.
故答案为：3.5;140.
四、作图题(本题包括2个小题;每小题2分，共4分)
21.如图所示，一束光射向一块玻璃砖，并穿过玻璃砖.画出这束光进入玻璃和离开玻璃后的光线(注意标出法线).
【考点】作光的折射光路图.
【分析】根据折射规律：
当光从空气斜射入玻璃时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角.
当光从玻璃斜射入空气时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角.
【解答】解：先画出法线，当光从空气斜射入玻璃时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角.
当光从玻璃斜射入空气时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角.如下图所示：
22.如图甲所示，在水平公路上匀速行驶的太阳能汽车受到两对平衡力的作用，请在图乙上画出汽车受力的示意图.
【考点】力的示意图.
【分析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力.
【解答】解：以汽车为研究对象，分析受力情况：重力G、路面的支持力F支、摩擦力F阻和牵引力F牵，汽车匀速运动，重力G与路的支持力F支平衡，摩擦力F阻和牵引力F牵，画出汽车受力的示意图如图：
五、实验探究题(本题包括4个小题，共19分)
23.在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示.
(1)实验中应量取质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中.
(2)用相同规格的电加热器加热甲和乙两种液体，使它们升高相同的温度，通过加热时间来比较甲和乙两种液体吸收热量的多少.
(3)实验记录的数据如表所示，分析实验数据可知甲物质的吸热能力强.
加热时间/min 0 1 2 3 4
甲的温度/℃ 30 34 38 42 46
乙的温度/℃ 10 18 26 34 42
【考点】探究比热容的实验.
【分析】比较物质吸热能力实验需要应用控制变量法，根据控制变量法的要求分析答题;用相同的热源对液体加热，液体在相等时间内吸收的热量相等，质量相同的液体升高相同的温度，吸收的热量越多，液体吸热能力越强.
【解答】解：
(1)探究物质吸热能力实验，实验中应量取质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中;
(2)用相同的电加热器加热，加热相同的时间，放出的热量就是相等的，甲和乙吸收的热量也就是相等的，所以物质吸热的多少是通过加热时间来反映的;
(3)由表中实验数据可知，当甲升高4℃，乙升高8℃时，需要的加热时间相同，甲吸收的热量等于与乙吸收的热量，甲升高温度小于乙升高温度，所以甲物质的吸热能力强.
故答案为：(1)相同;(2)加热时间;(3)甲.
24.为了“探究光反射时的规律”，实验小组的同学选用了平面镜、纸板、激光器和几种不同颜色的笔，依据教材设计了如图所示的实验.
次数 ∠i ∠r
1 70° 70°
2 45° 45°
3 30° 30°
(1)实验中还需要的器材是量角器.
(2)实验中为了使光线能在纸板上显示出来，方便实验研究，你该采取的操作是C.
A.向纸板喷烟或雾 B.使光束垂直纸板射到O点 C.使光束贴着纸板射到O点
(3)改变光束入射的角度，多做几次，换用不同颜色的笔记录每次光的径迹.取下纸板，测量ON两侧的∠i和∠r，将数据记录在上表中，根据数据得出的结论是反射角等于入射角;
(4)若将一束光贴着纸板沿FO方向射到O点，光将沿图中的OE方向射出，因为在反射现象中，光路可逆.
【考点】光的反射定律.
【分析】(1)探究光反射时的规律时，需要测量出入射角和反射角的大小;
(2)实验中为了使光线能在纸板上显示出来，要使激光紧贴纸板面入射;
(3)根据表中的数据可以得出的结论;
(4)在光的反射现象中，光路是可逆的.
【解答】解：(1)为了测量入射角和反射角的大小，还需要的测量工具是量角器;
(2)此实验为了使光线能在纸板上显示出来，你该采取的操作是使激光紧贴纸板面入射，即选项C的说法符合题意.
(3)根据表中的数据可以得出的结论：在光的反射现象中，反射角等于入射角.
(4)让光线逆着FO的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出，该现象说明在反射时，光路是可逆的;
故答案为：(1)量角器;(2)C;(3)反射角等于入射角;(4)光路可逆.
25.在“测量滑轮组的机械效率”实验中，小丽用如图所示的同一滑轮组提升不同钩码的方法，分别做了甲、乙、丙3次实验，实验数据记录如表：
实验
次数 钩码所受的
重力G/N 提升高度
h/m 拉力
F/N 绳端移动的
距离s/m 机械效率
η
1 2 0.05 1.0 0.15 66.7%
2 4 0.05 1.7 0.15 78.4%
3 6 0.05 ① 0.15 ②
(1)实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使钩码升高.
(2)表格中编号①处数据应为2.4，编号②处数据应为83.3%.
(3)分析以上实验数据可以得出如下结论：同一滑轮组的机械效率主要与提起物体受到的重力有关.
(4)若将此滑轮组换一种绕绳方法，不计摩擦及绳重，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率不变(选填“变大”“变小”或“不变”).
【考点】滑轮(组)机械效率的测量实验.
【分析】(1)在实验中要竖直向上缓慢、匀速拉动测力计.
(2)由图示测力计确定其分度值，读出其示数;根据η= = 求出滑轮组的机械效率.
(3)实验中提升钩码的重力不同，机械效率也不同，因此研究的是机械效率与提升钩码重力的关系.
(4)在不计摩擦及绳重情况下，有用功就是提升重物所做的功，额外功就是提升动滑轮所做的功，根据η= = 进行分析.
【解答】解：(1)实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，测力计示数稳定，便于读数;
(2)由图知，测力计的分度值为0.2N，测力计示数为2.4N;
第3次实验中，滑轮组的机械效率：
η= ×100%= ×100%= ×100%≈83.3%;
(3)实验选用的是同一滑轮组，动滑轮的重力不变;由表中实验数据可知，同一滑轮组提起的物体越重，滑轮组的机械效率越高，所以同一滑轮组的机械效率主要与提起物体的重力有关.
(4)若将此滑轮组换一种绕绳方法，动滑轮的重不变，不计摩擦及绳重，
由η= = = = 可知，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率不变.
故答案为：(1)匀速;(2)2.4;83.3%;(3)提起物体受到的重力;(4)不变.
26.在“伏安法测电阻”的实验中，小明同学连接了如图甲所示的电路(电路元件完好，接线柱接线牢固).
(1)在未检查电路连接是否正确的情况下，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，电流表的示数将发生变化，电压表的示数将保持不变.(选填“发生变化”或“保持不变”)
(2)检查电路，发现有一处连接错误，请指出连接错误的导线是d(选填“a”“b”“c”或“d”).
(3)纠正错误后，闭合开关，测得几组数据如下表.
实验次数 1 2 3
电压U/V 1.5 2.1 2.8
电流I/A 0.10 0.14
电阻R/Ω 15.0
第3次实验时电流表示数如图乙所示，电流表的示数为0.18A.第2次实验后，算出的电阻值是15.0Ω，第3次实验后，算出的电阻值是15.6Ω，待测电阻值为15.2Ω.
【考点】伏安法测电阻的探究实验;欧姆定律的应用.
【分析】(1)分析电路的连接，根据欧姆定律解答;
(2)在分析电路的基础上，指出错误;
(3)认清电流表小量程的分度值读数;根据欧姆定律求出对应的电阻大小，多次测量取平均值可减小误差，三次测量的平均值作为最后测量结果;
【解答】解：(1)滑动变阻器滑片以右电阻丝串联连入电路，电压表负接线柱通过变阻的金属杆、电流表连接到电源的负极，正接线柱通过开关连接到电源正极，故电压表测电源电压.调节滑动变阻器滑片，变阻器连入电路中的电阻变化，总电阻发生变化，根据欧姆定律，电流表的示数将发生变化，电压表的示数将保持不变.(2)由上面的分析，原电路图中电压表测电源电压，而应测量定值电阻的电压，出连接错误的导线是“d”;
(3)第3次实验时电流表示数如图乙所示，电流表小量程的分度值为0.02A，示数为0.18A;
第2次算出的电阻R2= = =15.0Ω;
第3次实验，算出的电阻值R3= ≈15.6Ω，待测电阻值为 =15.2Ω;
故答案为：
(1)发生变化;保持不变;
(2)d;
(3)0.18;15.0;15.6; 15.2.
六、计算题(本题包括3个小题，共21分.解答时应写出必要的文字说明、主要公式和重要的演算步骤.只写最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位)
27.太阳能热水器是把太阳能转化为内能的设备之一.某品牌太阳能热水器每小时平均接收4.2×106J的太阳能，在5小时的有效照射时间内，将热水器中质量为100kg、初温为26℃的水，温度升高到46℃.求：
(1)热水器中的水吸收的热量Q吸;[水的比热容c=4.2×103J/(kg•℃)]
(2)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能E;
(3)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能，相当于完全燃烧多少m3的天然气放出的热量?(天然气的热值q=7×107J/m3)
【考点】太阳能热水器中的热量计算.
【分析】(1)根据Q=cm△t求出水吸收的热量;
(2)已知太阳能热水器每小时平均接收4.2×106J的太阳能，据此解答即可;
(3)根据Q放=Q吸，再根据Q放=Vq求出天然气的体积.
【解答】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×100kg×(46℃﹣26℃)=8.4×106J;
(2)热水器在5小时的有效照射时间内接收到的太阳能：
E=5×4.2×106J=2.1×107J;
(3)根据题意知Q放=E=2.1×107J，则需要完全燃烧的天然气：
V= = =0.3m3.
答：(1)热水器中的水吸收的热量是8.4×106J;
(2)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能E是2.1×107J;
(3)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能，相当于完全燃烧0.3m3的天然气放出的热量.
28.如图所示，放在水平面上的薄壁圆柱形容器，底面积为25cm2，弹簧测力计的挂钩上挂着重为3.9N的金属块，现将金属块浸没水中，容器内水面由20cm上升到22cm(g=10N/kg).求：
(1)金属块未放入水中时(如图所示)，水对容器底的压强;
(2)金属块的密度;
(3)金属块浸没水中(未接触容器底)静止时，弹簧测力计的示数;
(4)缓慢匀速提升金属块使其上升10cm，金属块始终处于浸没状态，你认为此过程中浮力做功吗?若做功，请计算出浮力做了多少功;若不做功，请说明理由.
【考点】密度的计算;液体的压强的计算;阿基米德原理.
【分析】(1)已知水的深度和密度，利用公式p=ρgh计算容器底部受到水的压强;
(2)已知金属块放入水中前后的深度，可以得到金属块排开水的深度;已知容器的底面积和金属块排开水的深度，可以得到金属块排开水的体积，也就是金属块的体积;求出金属块的质量，利用密度公式得到金属块的密度;
(3)已知金属块排开水的体积，可以得到金属块受到的浮力;已知金属块的重力、受到的浮力，两者之差等于弹簧测力计的示数;
(4)金属块在浮力的方向上移动了距离，此过程中浮力做功，利用W=Fs求浮力做功.
【解答】解：(1)金属块未放入水中时容器底部受到的水的压强：
p=ρ水gh1=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2×103Pa;
(2)金属块的体积：
V金=V排=S△h=S(h2﹣h1)=25×10﹣4m2×(0.22m﹣0.20m)=5×10﹣5m3，
金属块的质量：m= = =0.39kg，
金属块的密度：
ρ= = =7.8×103kg/m3;
(3)金属块受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10﹣5m3=0.5N，
弹簧测力计的示数：F示=G﹣F浮=3.9N﹣0.5N=3.4N;
(4)金属块在浮力的方向上移动了距离，此过程中浮力做功;
金属块始终处于浸没状态，排开水的体积不变，金属块受到的浮力不变.
浮力做功：W=F浮h3=0.5N×0.1m=0.05J.
答：(1)金属块未放入水中时，水对容器底的压强为2×103Pa;
(2)金属块的密度为7.8×103kg/m3;
(3)金属块浸没水中(未接触容器底)静止时，弹簧测力计的示数为3.4N;
(4)缓慢匀速提升金属块使其上升10cm，此过程中浮力做功，做功大小为0.05J.
29.如图所示，小灯泡L标有“6V 3W”的字样，不考虑灯丝电阻的变化，滑动变阻器的最大阻值R为24Ω，电源电压保持不变.当S闭合，S1、S2断开，滑片P滑到中点时，小灯泡恰好正常发光.保持滑片P的位置不变，闭合S、S1、S2，发现电流表的示数变化了1A.求：
(1)小灯泡正常发光时的电流.
(2)电源电压.
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，电路消耗总功率的最小值.
【考点】欧姆定律的应用;电功率的计算.
【分析】(1)小灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出其电流;
(2)当S闭合，S1、S2断开，滑片P滑到中点时，L与 R串联，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电源的电压;
(3)保持滑片P的位置不变，开关S、S1、S2都闭合时，R0与 R并联，干路电流变大，根据题意得出干路电流，根据并联电路的电压特点求出通过变阻器的电流，再根据并联电路的电流特点求出通过R0的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路消耗的总功率最小，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R0的电流不变，根据欧姆定律求出通过滑动变阻器的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流，利用P=UI求出电路消耗的最小功率.
【解答】解：(1)由P=UI可得，小灯泡正常工作时的电流：
IL= = =0.5A;
(2)当S闭合，S1、S2断开，滑片P滑到中点时，L与 R串联，
由I= 可得，灯泡的电阻：
RL= = =12Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电路中各处的电流相等，
所以，电源的电压：
U=I(RL+ )=IL(RL+ )=0.5A×(12Ω+ )=12V;
(3)保持滑片P的位置不变，开关S、S1、S2都闭合时，R0与 R并联，干路电流变大，
此时干路电流：
I′=I+△I=IL+△I=0.5A+1A=1.5A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，通过滑动变阻器的电流：
I滑= = =1A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过定值电阻R0的电流：
I0=I′﹣I滑=1.5A﹣1A=0.5A，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时通过R0的电流不变，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路消耗的总功率最小，
通过滑动变阻器的电流：
I滑′= = =0.5A，
干路电流：
I″=I0+I滑′=0.5A+0.5A=1A，
电路消耗的最小功率：
P=UI″=12V×1A=12W.
答：(1)小灯泡正常发光时的电流为0.5A;
(2)电源电压为12V;
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，电路消耗总功率的最小值12W.
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