2018北京市中考物理试卷答案解析(热门4篇)

2018年即将中考的背景同学们，是不是在找这次考试的物理试卷答案啊?物理试卷的答案解析已经整理好了。下面由百文网小编为大家提供关于2018北京市中考物理试卷答案解析，希望对大家有帮助!

2018北京市中考物理试卷答案解析三、实验综合题

31.如图所示，物体A的长度是2.80cm.

【考点】64：长度的测量.

【分析】起始端从0开始，只需读出末端刻度值即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位.

【解答】解：刻度尺的最小分度值为1mm，起始端从0开始，末端刻度值为2.80cm.

故答案为：2.80.

32.如图所示的电阻箱的示数是2098Ω.

【考点】IB：变阻器.

【分析】按照电阻箱的读数方法，用△所对的数字乘以下面的倍数，然后把他们相加，就得出电阻箱的示数.

【解答】解：电阻箱的示数，R=2×1000Ω+0×100Ω+9×10Ω+8×1Ω=2098Ω.

故答案为：2098.

33.如图所示的弹簧测力计的示数是2.0N.

【考点】74：弹簧测力计的使用与读数.

【分析】此题在弹簧测力计的量程内读数，由图示可知此弹簧测力计的分度值(最小刻度值)为0.2N，根据弹簧测力计的读数规则即可读出示数.

【解答】解：由图知：弹簧秤的分度值为0.2N，指针正好指在2N的刻度上，因此弹簧测力计的示数为2.0N.

故答案为：2.0.

34.有一种用新型材料制成的电阻，小明通过实验探究该电阻大小与某个预想的因素是否有关.他将该电阻、电流表和开关串联起来，接在电源两端.先用冷风使电阻降温，闭合开关，观测电流表示数为I1，并记录，断开开关.再用热风使电阻升温，闭合开关，观测电流表示数为I2，并记录.他发现：I1

【考点】IA：影响电阻大小的因素.

【分析】影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积这三个，要研究电阻与某个决定因素的关系，就要根据控制变量法的思路来分析解答.

【解答】解：根据题意通过改变电阻的温度来改变电阻，从而改变电流，使得I1

故答案为：电阻的温度.

35.在串联电路中，探究部分电路两端的电压 U跟该电路中某个可变电阻 R的关系时，记录的实验数据如表所示. 请根据表中数据判断：当电阻R=5Ω时，电压U=4.5V.

R/Ω 2 6 8 12 16 20

U/V 3 5 6 8 10 12

【考点】IH：欧姆定律的应用.

【分析】分析表格数据可知电压增大时，电阻的阻值增大，两者成一次函数关系，设出表达式，然后代入数据得出表达式，然后求出电阻R=5Ω时对于的电压.

【解答】解：由表格数据可知，U与R成一次函数关系，可设为U=kR+b，

把R=2Ω，U=3V和R=6Ω，U=5V代入可得：

3V=k×2Ω+b，5V=k×6Ω+b，

联立等式可得：k=﹣10V/A，b=12V，

则U=0.5V/Ω×R+2V，

所以，当电阻R=5Ω时，电压U=0.5V/Ω×5Ω+2V=4.5V.

故答案为：4.5.

36.在验证电流产生磁场的实验中，小东连接了如图所示的实验电路.他把小磁针(图 中没有画出)放在直导线AB的正下方，闭合开关后，发现小磁针指向不发生变化. 经检查，各元件完好，电路连接无故障.

(1)请你猜想小磁针指向不发生变化的原因是小磁针与直导线距离远.

(2)写出检验你的猜想是否正确的方法：使小磁针尽量靠近直导线，小磁针静止时，给直导线通电，观察小磁针指向是否变化，若小磁针指向变化，说明猜想正确;若小磁针指向不变化，说明猜想错误..

【考点】C9：通电直导线周围的磁场.

【分析】磁场强弱与电流大小、距离的远近有关，据此得到此题的答案.

【解答】解：(1)在验证电流产生磁场的实验中，小东连接了如图所示的实验电路.他把小磁针(图 中没有画出)放在直导线AB的正下方，闭合开关后，发现小磁针指向不发生变化. 经检查，各元件完好，电路连接无故障：说明电流一定时，磁场的强弱应该与距离有关，故猜想小磁针指向不发生变化的原因是小磁针与直导线距离远;

(2)写出检验你的猜想是否正确的方法：使小磁针尽量靠近直导线，静止时，给直导线通电，观察小磁针指向是否变化，若小磁针指向变化，说明猜想正确;若小磁针指向不变化，说明猜想错误

故答案为：(1)小磁针与直导线距离远;(2)使小磁针尽量靠近直导线，静止时，给直导线通电，观察小磁针指向是否变化，若小磁针指向变化，说明猜想正确;若小磁针指向不变化，说明猜想错误.

37.为了比较活性炭和石英砂对泥水的过滤效果，小东选用的实验器材有：两个相同的下端带有漏水小孔的透明圆柱形容器甲和乙，活性炭、锰砂、石英砂、鹅卵石四种过滤材料.在甲容器里依次装入活性炭、石英砂、锰砂、鹅卵石四种过滤材料，每种材料的厚度均为 3cm，如图甲所 示.在乙容器里依次装入石英砂、锰砂、鹅卵石三种过滤材料，每种材料的厚度均为 3cm，如图乙所示.把摇晃均匀的一瓶泥水分成相等的两份，分别缓慢全部倒入甲、乙两容器中，发现经甲容器过滤后的泥水比经乙容器过滤后的泥水透明程度高.于是小东得出了结论：活性炭对泥水的过滤效果比石英砂对泥水的过滤效果好.

(1)请写出小东实验过程中存在的问题：甲容器中活性炭上面的过滤材料与乙容器中活性炭上面的过滤材料不同.

(2)请你针对小东实验过程中存在的问题，写出改正的步骤：将甲乙两容器清空后，在甲容器中依次放入活性炭、锰砂、鹅卵石，材料厚度均为3cm，在乙容器中依次装入石英砂、锰砂、鹅卵石，材料厚度均为3cm.

【考点】2P：控制变量法与探究性实验方案.

【分析】用控制变量法来分析解答.

【解答】解：(1)小东实验过程控制的材料不同，即甲容器中活性炭上面的过滤材料与乙容器中活性炭上面的过滤材料不同;

(2)改正的步骤：将甲乙两容器清空后，在甲容器中依次放入活性炭、锰砂、鹅卵石，材料厚度均为3cm，在乙容器中依次装入石英砂、锰砂、鹅卵石，材料厚度均为3cm.

故答案为：(1)甲容器中活性炭上面的过滤材料与乙容器中活性炭上面的过滤材料不同;

(2)将甲乙两容器清空后，在甲容器中依次放入活性炭、锰砂、鹅卵石，材料厚度均为3cm，在乙容器中依次装入石英砂、锰砂、鹅卵石，材料厚度均为3cm.

38.在探究“物体动能的大小与物体质量是否有关”的实验中，需要控制物体的速度大小相等.为了控制物体的速度大小相等，小华选用了体积相等、质量不等的金属球A和 B，利用如图所示的带滑槽的轨道进行实验.小华认为：如果 A、B 两球先后从轨道上同一高度处由静止开始释放，则 A、B 两球到达轨道零刻度线处的速度大小相等. 小刚对小华的观点提出了质疑.请你根据实验需要，添加适当的器材，设计实验检验小华的观点是否正确.请你写出检验的实验步骤.

【考点】FQ：探究影响物体动能大小的因素.

【分析】研究物体下落速度可能与物体的质量、物体的初始高度是否有关;研究物体下落速度与物体的质量是否有关时，要控制物体所处的初始高度相同，改变物体的质量，观察小球到达水平面时的速度是否相同.

【解答】答：添加器材：完全相同的滑槽轨道一个;

实验步骤：①将完全相同的两个带有滑槽的轨道丙排放在水平桌面上，使两端对齐;

②将AB两个金属球分别放置在两个轨道的最高点，从静止开始同时释放，观察两球是否并排滚动，直到轨道零刻度线处.

实验分析：若两个小球AB并排滚动到零刻度线处，说明小球下落的速度与小球的质量无关，小华的观点正确;若两个小球AB先后滚动到零刻度线处，说明小球下落的速度与小球的质量有关，小刚的观点正确.

39.浸在液体中的物体所受浮力为 F，物体排开液体的体积为 V，小明认为：任何情况下，F都与V成正比.请自选器材，设计实验证明小明的观点是错误的.

【考点】8R：探究浮力大小的实验.

【分析】浸入液体中的物体受到的浮力的大小与液体的密度和排开的液体的体积有关，据此分析.

【解答】解：影响浮力大小的因素有两个：液体的密度与排开液体的体积有关;

小明认为：任何情况下，浮力F都与排开液体的体积V成正比;可以通过改变液体密度的方法来证明小明的观点是错误的.

实验步骤：①将挂在弹簧测力计挂钩上的铝块浸没在A容器的酒精中，铝块排开酒精的体积为铝块的体积V1，记录此时测力计的示数为F;

②将铝块从酒精中取出后擦干，再挂在测力计下慢慢浸入B容器中的水中，当测力计示数为F时，发现铝块没有全部浸入水中，即铝块排开水的体积V2

这个实验证明铝块受到的浮力与铝块排开的体积不成正比，故小明的观点是错误的.

答：①将挂在弹簧测力计挂钩上的铝块浸没在A容器的酒精中，铝块排开酒精的体积为铝块的体积V1，记录此时测力计的示数为F;

②将铝块从酒精中取出后擦干，再挂在测力计下慢慢浸入B容器中的水中，当测力计示数为F时，发现铝块没有全部浸入水中，即铝块排开水的体积V2

这个实验证明铝块受到的浮力与铝块排开的体积不成正比，故小明的观点是错误的.

40.实验桌上有电源一个、开关一个、导线若干以及如图所示的两个完全相同的保温烧瓶.烧瓶内装有完全相同的温度计和阻值相等且不变的电阻丝 R，甲烧瓶内装有水，乙 烧瓶内装有煤油，水和煤油的质量相等，初温相同.水和煤油的比热容如表所示.以 上器材均能满足实验要求，请利用上述实验器材，设计一个实验证明：液体温度的变化 与液体的比热容有关.请画出实验电路图，写出实验步骤，画出实验数据记录表格.

水和煤油的比热容/[J(kg•℃) ﹣1]

水 4.2×103

煤油 2.1×103

【考点】2P：控制变量法与探究性实验方案.

【分析】探究液体温度的变化与液体的比热容有关时，应控制两种液体吸收的热量相同，故要用两个相同的电阻串联接入电路中.

【解答】解：探究液体温度的变化与液体的比热容有关时，应控制两种液体吸收的热量相同，即两个电阻在相同的时间内放出的热量是相同的，故要用两个相同的电阻串联接入电路中，如图所示：实验步骤：

①按电路图连接电路，读出甲乙烧瓶中温度计的示数t0，并记录在表格内;把水的比热容和煤油的比热容也记录在表格内;

②闭合开关，通电一段时间后，同时读出甲乙烧瓶中温度计的示数t，并记录在表格中，然后断开开关;

③利用△t=t﹣t0计算温度的变化，并将△t的值记录在表格内.

实验数据记录表格：

C/J/(kg•℃)

t0/℃

t/℃

△t/℃

41.实验台上有满足实验要求的器材：弹簧测力计1个，所受重力为1N的钩码 2个，带支架的杠杆1个.杠 杆上相邻刻度间距离均为0.05m，刻线上下靠近杠杆边缘处均有圆形小孔，可用来挂钩码或弹簧测力计，如图所示.请利用上述实验器材，设计一个实验证明：“杠杆在水平位置平衡时，如果动力臂L1保持不变，则 F1=k F2 L2”，式中F1表示动力，k是常量，F2表示阻力，L2表示阻力臂.

请写出实验步骤，画出实验数据记录表格.

【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验.

【分析】(1)把钩码看成阻力，把弹簧测力计施加的力看成动力，把一个钩码放在右侧0.05m处，用弹簧测力计竖直向上拉，读出弹簧测力计示数;保持弹簧测力计位置不变，改变钩码的位置多次测量;

(2)实验中为了使实验结论更具有普遍性，要进行多次实验，所以实验表格中要包括实验次数、动力臂、阻力臂、动力、阻力和阻力臂的乘积.

【解答】解：

实验步骤：

①将带支架的杠杆放在水平位置，调节杠杆使其水平平衡;

②将重力为1N的钩码(阻力F2)挂在支点右侧0.05m处(阻力臂L2)，将弹簧测力计的挂在支点右侧的0.1m处竖直向上拉弹簧测力计，使杠杆水平平衡，读出弹簧测力计的示数(动力F1)，将F2、L2、F1的数据记录在表格中;

③保持弹簧测力计的位置不动，将重为1N的钩码依次挂在支点右侧0.1m、0.15m、0.2m、0.25m处，仿照步骤②再做4次，将F2、L2、F1的数据记录在表格中;

④保持弹簧测力计的位置不动，将两个重为1N的钩码挂在支点右侧0.05m处，竖直向上拉弹簧测力计，使杠杆水平平衡;将F2、L2、F1的数据记录在表格中.

⑤根据实验数据计算出F2与L2的乘积，并记录在表格中.

实验数据记录表格：

实验次数 1 2 3 4 5 6

阻力F2/N

阻力臂L2/cm

阻力臂与阻力的乘积F2L2/Ncm

动力F1/N

42.阅读《洛阳桥》回答 问题.

洛阳桥被誉为“福建桥梁状元”的洛阳桥坐落于福建泉州洛阳江上.又名“万安桥”，如图1所示.

洛阳桥始建于北宋1053年，工程历时七年.桥原长 1200多米，宽约5米，有桥墩46座，扶栏500个，石狮28个，石亭7座，石塔9座，规模宏大，是中国古代著名的梁式石桥.桥由当时的郡守蔡襄主持兴建.洛阳桥的桥址位于江海汇合处，水深流急，建造桥基十分困难，桥基随时可能陷落坍塌、甚至被冲入海.洛阳桥的建桥工程，规模巨大，结构工艺技术高超，影响深远.像近代桥梁的“筏形基础”，在国外尚不足百年;“浮运架梁法”今日还很通行;“种蛎固基法”将生物学应用于桥梁工程，堪称绝妙.关键性的工程分为如下几个阶段：首先在江中沿桥址中线，向江中抛填石料，形成一条横跨过江的矮石堤.石堤宽约 25 米，而长度达500余米. 然后，匠师们利用洛阳江里盛产牡蛎这一自然条件，在矮石堤上散置蛎房.由于牡蛎繁殖力强，石堤里外间隙，成片成丛、密集繁生，两三年时间，就将原本松散的石堤胶结成一牢固整体.同时，石堤经受浪潮往复冲击，逐渐密实，底层石料嵌入流沙，使整条石堤变 得格外稳固.这样筑成的桥墩底盘，用作桥基，即现代桥梁工程中的所谓“筏形基础”，既增大了基础的面积，又增强了基础的整体性，能有效防止不均匀沉降. 在“筏形基础”上，再用巨型条石，齿牙交错，互相叠压，逐层垒砌，筑成桥墩，墩的上下游两头，俱作尖形，以分水势.墩基间亦置大量牡蛎胶粘，潮汐来去，不能冲动.两墩间净孔，约在一丈五六尺.沿岸开采的石梁，预先放在浮排上，等到两邻近桥墩完成后，即趁涨潮之时，驶入两桥墩间，待潮退，浮排下降，石梁即可落在石墩上，全桥石梁300余条，每条约二三十吨重，皆“激浪涨舟，浮运架梁”而成.

洛阳桥的建成，为我国石桥建筑提供了宝贵的经验.历经地震、飓风、水患和战争，洛阳桥经受了几百年的考验，依然屹立，堪称我国古代桥梁史上的伟大创举. 请根据上述材料，回答下列问题：

(1)经勘测发现某地块承载能力比较薄弱，如果要在该地块建筑一座高塔，容易发生局部沉降或坍塌.为了避免发生局部沉降和坍塌问题，请你借鉴洛阳桥成功建桥的经验，提出一个解决方案，并写出你的理由.

(2)如图2所示为洛阳桥船型桥墩的示意图，水流在桥墩前一分为二，沿柱面两侧向后流动.

①请写出洛阳桥桥墩被设计成船型的优点;

②请你展开想象，就洛阳桥船型桥墩的设计理念，举例说明还可应用在哪些方面.

【考点】85：减小压强的方法及其应用.

【分析】(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强.在受力面积一定时，减小压力来减小压强;

(2)船型桥墩利用减小阻力，从而减小水流的冲刷.

【解答】答：(1)可以借鉴洛阳桥的筏形基础，用钢筋将所有独立基础连接起来，并浇注水泥，使所有基础形成一个整体，使整个建筑物的荷载承受在一块整板上，使用筏形基础增大了受力面积S，根据p= 可知，在同等受力情况下，可以减小压强，另一方面，由钢筋水泥筑成的基础，也能增强基础的整体性，看有效避免不均匀沉降;

(2)①洛阳桥桥墩被设计成船型有助于减小桥墩上游水面受到的水流的冲击作用，还能大大降低桥墩对水流的阻力，从而减小水流对桥墩的冲刷.

②飞机、潜艇、高铁的牵引机等，都做成流线型来减小阻力.

2018北京市中考物理试卷答案解析一、选择题

(下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意.共30分，每小题2分)

1.下列物品中，通常情况下属于导体的是()

A.玻璃杯 B.陶瓷碗 C.铁锅 D.塑料勺

【考点】HJ：导体.

【分析】根据常见的导体和绝缘体进行判断.

常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等.

常见的绝缘体包括：塑料、陶瓷、橡胶、空气、玻璃等.

【解答】解：玻璃杯、陶瓷杯、塑料勺通常情况下都属于绝缘体，铁锅属于导体.

故选C.

2.如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是()

A.

塔在水中形成“倒影” B.

屏幕上呈现人的影子

C.

放大镜把字“放大” D.

笔好像在水面处“折断”

【考点】A6：光的反射.

【分析】(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等;

(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的;

(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的.

【解答】解：A、平静水面上塔的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意.

B、影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符;

C、用放大镜看字时，字变大了，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的.故与题意不符.

D、从水中笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符;

故选A.

3.下列措施中，能使蒸发减慢的是()

A.给湿头发吹热风

B.把湿衣服晾在通风向阳处

C.把盛有酒精的瓶口盖严

D.将玻璃板上的水滴向周围摊开

【考点】1L：影响蒸发快慢的因素.

【分析】影响蒸发的因素有温度的高低、液体表面积大小、液体表面上方的空气流动快慢;故减慢蒸发，就是从降低温度、减小液体面积和减弱空气流动这三个方面来考虑.

【解答】解：A、给湿头发吹热风是从提高液体温度和加快空气流动两个方面，加快了头发上水分的蒸发，故A不合题意;

B、湿衣服晾到向阳、通风的地方，从提高液体温度和加快空气流动两个方面，加快了衣服上水分的蒸发，故B不合题意;

C、把盛有酒精的瓶口盖严减慢了酒精周围的空气流动，从而减慢了酒精的蒸发.故C符合题意;

D、将玻璃板上的水滴向周围摊开，增大了水的表面积，加快了水分的蒸发，故D不合题意.

故选C.

4.下列家用电器中，将电流热效应作为工作原理的是()

A.电视机 B.电热水器 C.抽油烟机 D.电冰箱

【考点】HF：电流的热效应、化学效应和磁效应.

【分析】(1)电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子;

(2)电流的化学效应：电流通过导电的液体会使液体发生化学变化，产生新的物质，电流的这种效果叫做电流的化学效应，如电解，电镀，电离等就属于电流的化学效应的例子;

(3)电流的磁效应：给绕在软铁心周围的导体通电，软铁心就产生磁性，这种现象就是电流的磁效应，如电铃、蜂鸣器、电磁扬声器等都是利用电流的磁效应制成的.

【解答】解：

A.电视机主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应工作的，故A错误;

B.电热水器主要是把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故B正确;

C.抽油烟机是利用电动机带动工作的，应用了电流的磁效应，故C错误;

D.电冰箱利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，故D错误.

故选A.

5.下列物态变化的实例中，属于液化的是()

A.初春，积雪消融

B.夏天，草叶上形成露珠

C.深秋，屋顶的瓦上结了一层霜

D.冬天，室外冰冻的衣服变干了

【考点】1M：液化及液化现象.

【分析】液化是物质由气态变成液态的现象，分析各选项中物质状态的变化，就可以判断出正确的选项.

【解答】解：A、初春，河里的冰雪消融，物质由固态变成液态，属于熔化现象，故A不符合题意;

B、夏天，草叶上形成露珠是空气中的水蒸气遇冷液化为小水珠，是液化现象，故B符合题意;

C、深秋，屋顶的瓦上结了一层霜，这是空气中的水蒸气由气态直接变为固态，属于凝华现象，故C不符合题意;

D、冬天，室外冰冻的衣服变干了是由固态的冰直接变成气态，是升华现象，故D不符合题意.

故选B.

6.用大小不同的力先后敲击同一个音叉，比较音叉两次发出的声音，下列说法中正确的是()

A.响度不同 B.音调不同 C.音色不同 D.频率不同

【考点】9G：响度与振幅的关系.

【分析】响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关;根据响度定义，来进行分析.

【解答】解：大小不同的力先后两次敲击同一个音叉时，音叉振幅不同，所以发出声音的响度就不同，与其他因素无关.

故选A.

7.水平桌面上竖直放置着平面镜和直立的铅笔，平面镜中呈现铅笔的虚像.当铅笔与平面镜之间的距离为8cm时，像的高度为h1，像到平面镜的距离为s1;当铅笔与平面镜之间的距离为4cm时，像的高度为h2，像到平面镜的距离为s2.则下列四个选项中，判断正确的是()

A.s1=s2 B.s1h2 D.h1=h2

【考点】AI：平面镜的应用.

【分析】根据平面镜成像的特点：①平面镜所成的像是虚像;

②像与物体的大小相同;

③像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等;

④像与物体相对于平面镜对称.来解答此题.

【解答】解：由平面镜成的像特点可知，平面镜成的像是正立等大的虚像，因为平面镜成的像到镜的距离与物到镜的距离相等，所以铅笔离镜8cm，铅笔像离镜也应是8cm，铅笔离镜4cm，铅笔像离镜也应是4cm，故s1>s2;

又因为不论物离镜远还是近，像与物大小都相同，当铅笔远离镜子水平向右移动时，铅笔像的高度是不变的，即h1=h2.

故选D.

8.如图所示的实例中，目的是为了减小摩擦的是()

A.

给自行车轴加润滑油 B.

轮胎上制有花纹

C.

用起瓶器夹紧瓶盖 D.

防滑垫表面做得凹凸不平

【考点】7I：增大或减小摩擦的方法.

【分析】摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度;

(1)增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度;

(2)减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动.

【解答】解：

A、给自行车车轴承中加润滑油，是通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦，故A正确;

B、轮胎上制有花纹，是在压力一定时，增大接触面粗糙程度来增大摩擦力，故B错;

C、用起瓶器夹紧瓶盖，是通过增大压力来增大摩擦，故C错;

D、防滑垫表面做的凹凸不平，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦力，故D错.

故选A

9.如图所示的工具中，在使用时属于费力杠杆的是()

A.

羊角锤 B.

核桃夹子 C.

撬棒 D.

食品夹子

【考点】7O：杠杆的分类.

【分析】根据杠杆的动力臂与阻力臂之间的关系，可将杠杆分为省力杠杆、费力杠杆、等臂杠杆;阻力臂大于动力臂的杠杆属于费力杠杆.

【解答】解：

A、羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆;故A错误;

B、核桃夹子在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆;故B错误;

C、撬棒在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆;故C错误;

D、食品夹子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆;故D正确.

故选D.

10.下列选项中符合安全用电要求的是()

A.用湿手按已接电源的插座上的开关

B.及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线

C.在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电视机

D.把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用

【考点】IV：安全用电原则.

【分析】(1)不纯净的水是导体，水在人手和火线之间连通，会发生触电事故;

(2)电线的绝缘皮破损，人去接触时，容易造成触电事故;

(3)为防止触电，更换和维修电器时应先切断电源;

(4)用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替.

【解答】解：A、不纯净的水容易导电，用湿手按已接电源的插座上的开关，会发生触电事故，故A不符合安全用电要求;

B、电线的绝缘皮破损老化时应及时更换，否则容易发生触电事故，故B符合安全用电要求;

C、湿布的水是导体，在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电视机容易发生触电事故，故C不符合安全用电要求;

D、把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故D不符合安全用电要求.

故选：B.

11.下列实例中，用热传递的方式来改变物体内能的是()

A.用热水袋暖手，手的温度升高

B.用锯条锯木板，锯条的温度升高

C.两手相互摩擦，手的温度升高

D.用手反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高

【考点】GA：热传递改变物体内能.

【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递.做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是内能的转移.

【解答】解：

A、热水袋的温度高，用热水袋取暖，内能由热水袋转移到手，属于用热传递的方式改变物体的内能.故A符合题意;

B、锯木板时锯条发烫，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能.故B不符合题意;

C、两手互相摩擦时手发热，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能.故C不符合题意;

D、用手反复弯折铁丝，对铁丝做功，铁丝弯折处的温度升高，内能增加，属于做功改变物体的内能.故D不符合题意.

故选A.

12.下列说法中正确的是()

A.放大镜的镜片是凹透镜 B.照相机的镜头是凹透镜

C.近视眼镜的镜片是凸透镜 D.远视眼镜的镜片是凸透镜

【考点】BE：生活中的透镜.

【分析】解决该题需掌握以下知识：

(1)近视眼是由于晶状体太厚或眼球的前后方向太长，导致像成在视网膜的前方，故用凹透镜来矫正;远视眼是由于晶状体太薄或眼球的前后方向太短，像成在视网膜的后方，故用凸透镜来矫正;

(2)照相机的镜头是凸透镜，其是利用物体在2倍焦距以外，像成在另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立缩小实像的原理制作的;放大镜是凸透镜.

【解答】解：A、放大镜的镜片是凸透镜，故A错误;

B、照相机的镜头是凸透镜，其是利用物体在2倍焦距以外，成倒立缩小实像的原理制作的，故B错误;

C、近视眼镜是凹透镜，故C错误;

D、远视眼的镜片是凸透镜，故D正确.

故选：D.

13.小玲家有额定电压相同的电烤箱、电饭锅和电视机各一个，按照每度电0.5元的计费标准，将这三个用电器正常工作1小时的用电费用绘制成了如图所示的柱状图.则下列四个选项中，判断正确的是()

A.在这三个用电器中，电烤箱正常工作时的电压最高

B.在这三个用电器中，电视机正常工作时的电压最低

C.正常工作时，通过电烤箱的电流大于通过电视机的电流

D.在一个月内，小玲家电烤箱的用电费用一定比电饭锅的用电费用多

【考点】J4：电功计算公式的应用.

【分析】(1)根据用电器正常工作时的电压与额定电压相等即可判断;

(2)从柱状图可知这三个用电器正常工作1小时的电费，进而知道消耗的电能，再根据P= 和P=UI判断通过这三个用电器的电流;

(3)利用W=Pt判断这三个用电器消耗的电能，进而比较用电费用即可.

【解答】解：

AB、这三个用电器正常工作时的电压等于额定电压，由于电烤箱、电饭锅和电视机的额定电压相同，

所以这三个用电器正常工作时的电压一样大，故AB错误;

C、由柱状图可知，这三个用电器正常工作1小时的用电费从高到低依次是：电烤箱、电饭锅、电视机;

而单价是一定的，所以它们消耗电能的关系为：W电烤箱>W电饭锅>W电视机，

根据P= 可知，这三个用电器的电功率：

P电烤箱>P电饭锅>P电视机，

由P=UI得，通过这三个用电器的电流：

I电烤箱>I电饭锅>I电视机，故C正确;

D、虽然P电烤箱>P电饭锅，由于不知道一个月内电烤箱和电饭锅的实际工作时间，

所以，根据W=Pt无法判断电烤箱和电饭锅消耗的电能，所以无法比较电费的多少，故D错误.

故选：C.

14.如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，R2为定值电阻.闭合开关 S，在滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，关于电压表和电流表的示数变化，下列四个选项中，判断正确的是()

A.电压表、电流表示数均变大

B.电压表、电流表示数均变小

C.电压表示数变大，电流表示数变小

D.电压表示数变小，电流表示数变大

【考点】IZ：电路的动态分析;IH：欧姆定律的应用.

【分析】由电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流.根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R1两端的电压变化.

【解答】解：由电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流.

在滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，

由I= 可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故AD错误;

由U=IR可知，R2两端的电压变小，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，R1两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B错误、C正确.

故选C.

15.为验证阿基米德原理，小明将电子秤放在水平桌面上并调零，然后将溢水杯放到电子秤上，按实验操作规范将溢水杯中装满水，再用细线系住铝块并将其缓慢浸入溢水杯的水中，如图所示，铝块始终不与溢水杯接触.则下列四个选项中，判断正确的是()

A.铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，水对溢水杯底的压力变小

B.铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，水对溢水杯底的压强变大

C.铝块浸没在水中静止时，绳对铝块的拉力等于铝块排开水的重力

D.铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，若电子秤示数不变，则验证了阿基米德原理

【考点】83：压强大小比较;8O：阿基米德原理.

【分析】(1)可根据公式p=ρgh和F=pS分析水对溢水杯底的压强和压力的变化情况;

(2)铝块浸没在水中静止时，铝块受到重力、浮力以及拉力的作用;

(3)铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，若电子秤示数不变，则说明铝块受到的浮力等于排开的水重.

【解答】解：A、铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，溢水杯中水的深度不变，根据公式p=ρgh可知，水对溢水杯底的压强不变，根据公式F=pS可知，水对溢水杯底的压力不变，故A错误;

B、铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，溢水杯中水的深度不变，根据公式p=ρgh可知，水对溢水杯底的压强不变，故B错误;

C、铝块浸没在水中静止时，绳对铝块的拉力等于铝块的重力和浮力之差，故C错误;

D、铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，若电子秤示数不变，则说明铝块受到的浮力等于排开的水重，则验证了阿基米德原理，故D正确.

故选D.

二、多项选择题(下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个.共8分，每小题2分.每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分)

16.如图展示了我国古代劳动人民的智慧成果，对其中所涉及的物理知识，下列说法中正确的是()

A.古代捣谷工具利用了杠杆原理

B.光沿直线传播是日晷能够测量时间的条件之一

C.碾谷物的石磨选用厚重的石材，目的是为了减小石磨对谷物的压强

D.从两心壶的壶嘴能分别倒出两种不同的液体，这一功能的实现利用了大气压

【考点】7T：杠杆的应用;84：增大压强的方法及其应用;8J：大气压的综合应用;A6：光的反射.

【分析】结合对图中所列装置的认识，运用相关物理知识做出解释即可.

【解答】解：A、古代捣谷工具利用了杠杆原理，故A正确;

B、光沿直线传播的影子所指的时辰就是时间，光沿直线传播是日晷能够测量时间的条件之一，故B正确;

C、碾谷物的石磨选用厚重的石材，增大了压力，目的是为了增大石磨对谷物的压强，故C错误;

D、从两心壶的壶嘴能分别倒出两种不同的液体，这一功能的实现利用了大气压，故D正确.

故选ABD.

17.下列说法中正确的是()

A.用磁感线可以描述磁场的强弱

B.只要导体在磁场中运动，该导体中就会产生感应电流

C.通电导体产生的磁场的方向与通过该导体的电流方向有关

D.利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围各点的磁场方向

【考点】C7：磁感线及其特点;C6：磁场;CP：电磁感应.

【分析】(1)用磁感线可以描述磁场的性质;

(2)根据电磁感应现象分析;

(3)电流周围的磁场方向与电流的方向有关系;

(4)磁场的分布情况可能通过撒铁屑的方法粗略观察，用铁屑可以看出磁场的强弱，但无法确定方向.

【解答】解：

A、用磁感线可以描述磁场的强弱，磁感线越密集的地方，磁场越强，故A正确;

B、导体中产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动;导体在磁场中运动，不一定会产生感应电流，故B错误;

C、奥斯特实验说明了通电导体周围存在磁场，该实验还表明电流方向改变时，其磁场方向也随之改变，所以，通电导体产生磁场的方向与通过该导体的电流方向有关，故C正确;

D、利用铁屑可以看到磁体周围磁场的分布情况，但看不到磁场方向，磁场方向是人为规定的，故D错误.

故选AC.

18.有关热现象，下列说法中正确的是()

A.组成物质的分子之间存在引力和斥力

B.在热传递过程中，吸收热量的物体温度升高

C.在四冲程内燃机中，做功冲程的功能是将内能转化为机械能

D.温度低于0℃的室外，仍有水蒸气存在

【考点】GH：分子间的作用力;1K：蒸发及其现象;G8：热传递;GM：内燃机的四个冲程.

【分析】(1)物质的分子之间有相互的引力和斥力;

(2)晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变;

(3)做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能;

(4)蒸发是在任何温度下发生的.

【解答】解：A、物质的分子之间有相互的引力和斥力，故A正确;

B、在热传递过程中，吸收热量的物体温度可能不变，如晶体在熔化过程中吸收热量，但温度不变，故B错误;

C、在四冲程内燃机中，做功冲程是将内能转化为机械能，故C正确;

D、蒸发是在任何温度下发生的，故温度低于0℃的室外，仍有水蒸气存在，故D正确.

故选ACD.

19.下列说法中正确的是()

A.以行驶的汽车为参照物，路边的树木是运动的

B.只要物体的位置发生变化，物体的机械能就发生变化

C.悬浮在盐水中的鸡蛋，受到盐水的作用力的合力为零

D.用锤子将铁钉钉入木板，锤子对铁钉的作用力与铁钉对锤子的作用力大小相等

【考点】52：参照物及其选择;6I：力作用的相互性;FT：机械能.

【分析】(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止.

(2)机械能的大小与物体的速度和高度有关;

(3)物体悬浮时，浮力等于重力;

(4)物体间力的作用是相互的.

【解答】解：

A、以行驶的汽车为参照物，汽车与树木之间有位置的变化，故路边的树木是运动的，故A正确;

B、物体的位置发生变化，但物体的速度和高度不变，则物体的机械能就不会发生变化，故B错误;

C、物体悬浮时，浮力等于重力，合力为0，受到的盐水的作用力为浮力，不为0，故C错误;

D、用锤子将铁钉钉入木板，锤子对铁钉的作用力与铁钉对锤子的作用力大小是一对相互作用力，大小相等，故D正确.

故选AD.

2018北京市中考物理试卷答案解析二、实验选择题

(下列各小题均有四个选项，其中至少有一个选项符合题意.共22分，每小题2分.每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分)

20.如图所示的四个光路图中，MM′为平面镜，PO为入射光线，ON为法线，入射角∠PON 等于 60°，其中符合光的反射定律的光路图是()

A. B. C. D.

【考点】A7：光的反射定律.

【分析】光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上;反射光线和入射光线分居在法线的两侧;反射角等于入射角.据此结合图片进行分析.

【解答】解：

根据光的反射定律可知，反射角等于入射角，因为入射角∠PON等于60°，所以反射角也等于60°(即反射光线与法线的夹角)，故A符合光的反射定律.

故选A.

21.在探究石蜡和海波的熔化规律时，小琴根据实验目的，进行了认真规范的实验，获得的实验数据如表所示.则下列四个选项中，判断正确的是()

加热时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11

石蜡的温度/℃ 40 41 42 44 46 47 48 49 51 52 54 56

海波的温度/℃ 40 42 44 46 48 48 48 48 48 48 50 53

A.石蜡是非晶体

B.海波熔化时的温度是48℃

C.海波在熔化过程中不需要吸热

D.42℃时，海波的状态是固态

【考点】1F：熔化和凝固的探究实验.

【分析】(1)要解决此题，需要知道晶体和非晶体的区别：晶体有一定的熔点而非晶体没有一定的熔点.

(2)要判断晶体的熔点，首先要了解晶体在熔化过程中的特点：吸热但温度不变.并且要了解熔点的概念;晶体熔化时的温度.

(3)要解决此题需要搞清温度低于熔点则晶体处于固态;若温度高于熔点则晶体处于液态;若温度等于熔点，则晶体可能处于液态、固态或固液共存态.

【解答】解：A、由表格中数据可知，海波从第4到9分钟，经历了5分钟，在此过程中温度保持不变，所以海波是晶体;而石蜡在整个过程中吸收热量，温度不断升高，所以石蜡是非晶体，故A正确.

B、在4﹣9min时，海波吸收热量，在熔化过程温度保持48℃不变，故海波熔化时的温度是48℃，故B正确.

C、海波是晶体，在熔化过程中的特点：吸热但温度不变，故C错误.

D、海波的熔点是48℃时，42℃低于海波的熔点，是固态，故D正确.

故选ABD.

22.中国科技馆有一个“会发电的衣服”的展台，在展台中可以做模拟“发电纤维发电”的实验.实验过程及现象如下：踩动踏步机踏板，带动压电薄膜振动，使得一些与压 电薄膜相连的小灯发光;增大踩动踏板的频率，压电薄膜振动得更剧烈，发光小灯的数量增加.则下列四个选项中，判断正确的是()

A.压电薄膜振动时可以产生电压

B.小灯发光说明振动的压电薄膜中产生了电流

C.发光小灯的数量与踩动踏板的频率有关

D.增大踩动踏板的频率，压电薄膜发电的总功率变小

【考点】I1：电压;HD：电流的形成.

【分析】发电机是利用电磁感应现象的原理制成的，该过程中消耗机械能，产生电能，产生电能的多少与导体运动的快慢有关，运动越快产生感应电流越多，发电的总功率越大.

【解答】解：踩动踏步机踏板，带动压电薄膜振动，使得一些与压 电薄膜相连的小灯发光，说明有感应电流产生;

增大踩动踏板的频率，压电薄膜振动得更剧烈，发光小灯的数量增加，说明产生的电能越多，发电的总功率越大，故ABC正确，D错误.

故选ABC.

23.在测量金属块密度的实验中，小明先将天平放在水平桌面上，将游码放到标尺左端的零刻线处，调节平衡螺母，使天平横梁在水平位置平衡;小明将金属块放在调节好的 天平左盘内，改变右盘中砝码的个数和游码的位置，使天平横梁在水平位置重新平衡，右盘中所放砝码及游码在标尺上的位置如图甲所示;然后，小明将系好细线的金属 块放入盛有 50ml 水的量筒中，量筒中的水面升高到如图乙所示的位置.根据实验过 程及现象，下列四个选项中，判断正确的是()

A.指针指在分度盘中央刻线处静止时，表明天平横梁在水平位置平衡了

B.金属块的质量为74g

C.金属块的体积为60cm3

D.金属块的密度为7.4×103kg/m3

【考点】2E：固体密度的测量.

【分析】(1)指针指在分度盘中央刻线处静止时，表明天平横梁在水平位置平衡了;

(2)砝码与游码示数之和是天平所测物体的质量;金属块的体积应用图中量筒内的示数减去量筒内原来水的体积;

根据ρ= 计算金属的密度，

【解答】解：A、指针指在分度盘中央刻线处静止时，表明天平横梁在水平位置平衡了，故A正确;

B、由图乙，金属块的质量：m=50g+20g+4g=74g;故B正确;

C、金属块的体积：V=60cm3﹣50cm3=10cm3，故C错误;

D、金属块的密度：ρ= = =7.4g/cm3=7.4×103kg/m3.故D正确.

故选ABD.

24.小杨做凸透镜成像规律的实验.将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线 处，光屏和点燃的蜡烛位于凸透镜两侧，实验前调整烛焰中心、透镜中心和光屏中心 在同一水平高度，如图所示.则下列四个选项中，判断正确的是()

A.若蜡烛放置在10cm刻度线处，移动光屏，在光屏上不能呈现烛焰清晰的像

B.若蜡烛放置在20cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰放大的实像

C.若蜡烛放置在35cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰放大的实像

D.若蜡烛放置在45cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰缩小的实像

【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验.

【分析】凸透镜成像的三种情况：

①u>2f，成倒立、缩小的实像.

②2f>u>f，成倒立、放大的实像.

③u

【解答】解：凸透镜的焦距是10cm，凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，

A、小杨将蜡烛移至10cm刻度线处时，蜡烛到透镜的距离大于2倍焦距，移动光屏，就会得到倒立、缩小的实像，故A错误;

B、若蜡烛放置在20cm刻度线处，蜡烛到透镜的距离大于2倍焦距，移动光屏，就会得到倒立、缩小的实像，故B错误;

C、若蜡烛放置在35cm刻度线处，蜡烛到透镜的距离大于1倍焦距小于2倍焦距，移动光屏，就会得到倒立、放大的实像，故C正确;

D、若蜡烛放置在45cm刻度线处，蜡烛到透镜的距离小于1倍焦距，成正立放大的虚像，在光屏上不能承接，故D错误.

故选C.

25.下列问题中，属于可探究的科学问题的是()

A.用“仰仪”这种天文观测仪器观测太阳的位置有什么好处?

B.声波的波长越大，声波的传播速度越大吗?

C.编钟发出的声音的音调高低跟编钟的钟体大小有关吗?

D.家庭电路中电流的频率跟哪些因素有关?

【考点】2R：物理常识.

【分析】科学问题是指能够通过收集数据而回答的问题.一般而言，可以探究的科学问题描述的是两个或多个变量之间的关系.

【解答】解：

A、用“仰仪”这种天文观测仪器观测太阳的位置的好处只有一个，那就是方便测量，没有可探究的问题，故A错误;

B、声波的大小与两个因素有关：声速和频率，故可以探究波长与速度的关系，故B正确;

C、音调的高低与物体振动的频率有关，还可能与编钟的钟体大小有关，故可以探究，故C正确;

D、家庭电路中电流的频率是固定的，不适合探究，故D错误.

故选BC.

26.小林想测量小灯泡的额定功率及正常发光时的电阻，小灯泡的额定电压为2.5V，实验 电路如图甲所示.实验中，当电压表示数为 2.5V 时，电流表示数如图乙所示. 根据实验过程及现象，下列四个选项中，判断正确的是()

A.为使小灯泡正常发光，电压表示数应为2.5V

B.图乙中的电流表示数为2.5A

C.小灯泡正常发光时的电阻为5Ω

D.小灯泡的额定功率为5W

【考点】IH：欧姆定律的应用;JA：电功率的计算.

【分析】(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等;

(2)根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数;

(3)根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻;

(4)根据P=UI求出灯泡的额定功率.

【解答】解：

A、在额定电压下灯泡正常发光，为使小灯泡正常发光，电压表示数应为2.5V，故A正确;

B、图乙中，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.5A，故B错误;

C、由I= 可得，灯泡正常发光时的电阻R= = =5Ω，故C正确;

D、小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.5A=1.25W，故D错误.

故选AC.

27.为了比较两种新型保温材料甲和乙的保温效果，将这两种保温材料分别做成形状、结 构、厚度完全相同的保温筒，两保温筒内同时分别放置完全相同、温度均为80℃的恒 温源，其截面图如图1所示.将两保温筒放在室温为20℃的房间内，每隔10min测 量一次两保温筒外表面A点和B点处的温度，根据记录的实验数据绘制的图象如图2所示，图中图象Ⅰ表示保温材料甲做成的保温筒外表面温度随时间变化的图象，图象Ⅱ表示保温材料乙做成的保温筒外表面温度随时间变化的图象.根据实验过程及图象，下列四个选项中，判断正确的是()

A.可用单位时间内保温筒外表面的温度变化表示保温效果

B.甲材料的保温效果比乙材料的保温效果好

C.乙材料的保温效果比甲材料的保温效果好

D.如果把两保温筒内80℃的恒温源换成﹣18℃的恒温源，其它条件不变，则无法比较甲、乙两种保温材料的保温效果

【考点】13：温度.

【分析】在相等时间内，水温降低越少，材料的保温性能越好，用单位时间内保温筒外表面的温度变化表示保温效果，这是转换法.

【解答】解：ABC、由图知在相等时间内，乙的水温降低少，乙材料的保温性能好，故可用单位时间内保温筒外表面的温度变化表示保温效果，故AC正确，B错误;

D、如果把两保温筒内80℃的恒温源换成﹣18℃的恒温源，其它条件不变，可以通过相同时间，升高的温度多少来比较甲、乙两种保温材料的保温效果，故D错误.

故选AC.

28.如图所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，实验时，干电池两端电压会随电路中 电阻的变化而改变.在不拆改电路的情况下，下列选项中的探究问题，利用这个电路进行实验能完成的是()

A.电路中的电流一定时，电阻两端的电压与电阻成正比吗?

B.电阻一定时，通过电阻的电流与电阻 两端的电压成正比吗?

C.电阻两端电压一定时，通过电阻的电 流与电阻成反比吗?

D.电阻一定时，电阻消耗的电功率与电阻两端的电压的平方成正比吗?

【考点】IH：欧姆定律的应用;J7：电功率.

【分析】由电路图可知，R1、R2、滑动变阻器串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据实验的目的和控制变量法分析选项得出答案.

【解答】解：

由电路图可知，R1、R2、滑动变阻器串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流.

A.探究“电路中的电流一定时，电阻两端的电压与电阻关系”时，应保持电路中的电流不变，测出不同电阻两端的电压，在不拆改电路的情况下，图中R1两端的电压无法测量，故A不能完成;

B.探究“电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压关系”时，应控制电阻的阻值不变，通过移动滑片改变R2两端的电压和通过的电流，故B能完成;

C.探究“电阻两端电压一定时，通过电阻的电流与电阻的关系”时，应控制电阻两端的电压不变，改变电阻的阻值并测出电流，而图中R2的阻值不变，故C不能完成;

D.探究“电阻一定时，电阻消耗的电功率与电阻两端的电压关系”时，应控制电阻的阻值不变，通过移动滑片改变R2两端的电压，且根据P=UI可测出R2的功率，可以研究电阻消耗的电功率与电阻两端的电压关系，故D能完成.

故选BD.

29.下列说法中正确的是()

A.探究物体所受重力大小与物体的质量的关系时，物体密度是需要控制的变量

B.探究液体内部压强大小与液体的质量的关系时，液体密度是需要控制的变量

C.探究物体所受压力大小与物体所受重力大小的关系时，物体的受力面积是需要控制的变量

D.探究物体所受滑动摩擦力大小与物体所受重力大小的关系时，物体对接触面的压 力是需要控制的变量

【考点】2Q：物理学方法.

【分析】物理学中对于多因素(多变量)的问题，常常采用控制因素(变量)的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题.每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法.

【解答】解：

A.探究物体所受重力大小与物体的质量的关系时，改变物体的质量，测出对应重力，找出规律即可，不需要控制物体密度不变，故A错误;

B.液体内部压强与液体的密度和液体的深度都有关系，探究液体内部压强大小与液体的质量的关系时，应控制液体的密度和深度相同，故B正确;

C.探究物体所受压力大小与物体所受重力大小的关系时，应改变物体的重力，观察压力的作用效果是否相同找出规律，不需要控制物体的受力面积不变，故C错误;

D.滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度都有关系，探究物体所受滑动摩擦力大小与物体所受重力大小的关系时，应控制物体对接触面的压力和受力面积相同，故D正确.

故选BD.

30. 如图所示是小成测量未知电阻Rx的实验电路，电源两端电压不变，其中R0为阻值 已知的定值电阻.当开关S、S1闭合，开关S2断开时，电流表示数为 I1;当开关S、S2闭合，开关 S1断开时，电流表示数为 I2.则下列四个选项中，Rx的表达式正确的是()

A.Rx= R0 B.Rx=

C.Rx= D.Rx=

【考点】IH：欧姆定律的应用.

【分析】由电路图可知，当开关S、S1闭合，开关S2断开时，R0与Rx并联，电流表测R0支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压;当开关S、S2闭合，开关S1断开时，R0与Rx并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流特点求出通过Rx的电流，根据欧姆定律求出Rx的阻值.

【解答】解：由电路图可知，当开关S、S1闭合，开关S2断开时，R0与Rx并联，电流表测R0支路的电流，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，由I= 可得，电源的电压：

U=I1R0，

当开关S、S2闭合，开关S1断开时，R0与Rx并联，电流表测干路电流，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，通过Rx的电流：

Ix=I2﹣I1，

则Rx的阻值：

Rx= = .

故选D.

2018北京市中考物理试卷答案解析四、计算题

(共6分，每小题3分)

43.如图所示，电源两端电压U保持不变，电阻R1的阻值为6Ω，电阻R2的阻值为18Ω. 当开关S闭合时，电压表示数为 3V.求：

(1)电流表的示数 I;

(2)电源两端的电压 U.

【考点】IH：欧姆定律的应用.

【分析】(1)开关S闭合时，两电阻串联，电压表测量的是电阻R1两端的电压，根据I= 求出电流即可;

(2)根据欧姆定律求出R2两端的电压，再根据串联分压特点求出电源电压.

【解答】解：

(1)开关S闭合时，两电阻串联，电压表测量的是电阻R1两端的电压，

电路中的电流I=I1= = =0.5A，即电流表示数为0.5A;

(2)根据欧姆定律可得，

R2两端的电压U2=IR2=0.5A×18Ω=9V，

则电源电压U=U1+U2=3V+9V=12V.

答：(1)电流表的示数0.5A;

(2)电源两端的电压12V.

44.如图是用滑轮组提升建筑材料A的示意图，在竖直向下的拉力F作用下，使重 900N 的建筑材料A在5s的时间里，匀速竖直上升了1m，绳自由端匀速竖直向下移动了2m. 在这个过程中，拉力F为500N，滑轮组的机械效率为η，拉力F做功的功率为 P. 求：

(1)滑轮组的机械效率η;

(2)拉力F的功率 P.

【考点】F4：滑轮(组)的机械效率;FF：功率的计算.

【分析】(1)根据W有用=Gh求出有用功，根据W总=Fs求出总功;利用η= ×100%即可求出滑轮组的机械效率;

(2)利用P= 即可求出拉力F的功率P.

【解答】解：(1)W有用=Gh=900N×1m=900J;

W总=Fs=500N×2m=1000J;

机械效率η= ×100%= ×100%=90%;

(2)拉力F的功率：

p= = =200W.

答：(1)滑轮组的机械效率为90%;

(2)拉力F的功率 为200W.

猜你喜欢：